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☆☆☆ 点击下载试题 ☆☆☆ 由于格式问题此试题可能会出现乱码的情况 为了方便您阅读请点击右上角的全屏查看 2018乐山市中考物理冲刺试题 一、选择题 1．有关声的说法正确的是（ ） A．物体的振幅越大音调越高 B．声音在真空中的传播速度是3×108m/s C．戴防噪声耳罩可以防止噪声产生 D．地震、火山喷发等自然现象都伴有次声波产生 2．关于温度、内能和热量，下列说法正确的（ ） A．物体温度越低，分子运动越剧烈 B．物体温度越高，含有的热量越多 C．水沸腾时吸收热量，温度保持不变 D．物体的温度为0℃时，其内能为零 3．如图所示为女航天员王亚平太空授课的情景，图中水球相当于凸透镜，假设水球的焦距为f，则此时王亚平到水球的距离u应该是（ ）  A．u＜f B．f＜u＜2f C．u=2f D．u＞2f 4．甲、乙两个电热器的电阻之比为5：4，通过的电流之比为2：1，通电时间之比为1：2，则电流通过甲、乙两个电热器产生的热量之比为（ ） A．5：2 B．5：4 C．2：5 D．10：1 5．晓燕在学校春季运动会百米赛跑中以16s的成绩获得冠军，测得她在50m处的速度是6m/s，到终点时的速度为7.5m/s，则全程内的平均速度是（ ） A．6m/s B．6.25m/s C．6.75m/s D．7.5m/s 6．如图所示为“神舟八号”飞船与“天宫一号”飞行器即将对接时的模拟图，下列说法正确的是（ ）  A．在完成对接后，“神舟八号”相对于“天宫一号”是运动的 B．在完成对接后，“神舟八号”相对于“天宫一号”是静止的 C．“神舟八号”与“天宫一号”在轨道上运行时没有质量 D．“神舟八号”与“天宫一号”在轨道上运行时没有惯性 7．如图所示电路，若要使R1、R2并联，则（ ）  A．只闭合S1 B．只闭合S2 C．只闭合S1、S2 D．只闭合S1、S3 8．不漏气的橡皮氢气球由地面上升过程中，球内气体的质量与密度的变化情况是（ ） A．质量增加，密度增加 B．质量不变，密度减小 C．质量减小，密度减小 D．质量不变，密度不变 9．将带正电的玻璃棒靠近泡沫球，出现如图所示情形．若改用带负电的橡胶棒靠近这个泡沫球，下列推理正确的是（ ）  A．若相互吸引，则泡沫球带正电 B．若相互吸引，则泡沫球不带电 C．若相互排斥，则泡沫球带正电 D．若相互排斥，则泡沫球不带电 10．（乐山市中考物理）如图所示电路连接中，当开关S闭合时，下列说法正确的是（ ）  A．螺线管上端S极，滑片P向左移，弹簧测力计示数增大 B．螺线管上端N极，滑片P向左移，弹簧测力计示数减小 C．螺线管上端S极，滑片P向右移，弹簧测力计示数增大 D．螺线管上端N极，滑片P向右移，弹簧测力计示数减小 11．小宇在家观看汽车拉力赛的电视节目，发现汽车行驶速度很快．其中途经一段“S”形弯道时，如图．他想：现场观看的观众为了更安全，应站的位置是图中（ ）  A．甲、丙 B．甲、丁 C．乙、丙 D．乙、丁 12．如图所示，当右端挂10N的物体A时，物体B在水平桌面上恰好能向右做匀速直线运动，若现在要使物体B向左做匀速直线运动，则应对物体B施加的力为（ ）  A．水平向左，10N B．水平向右，10N C．水平向左，20N D．水平向右，20N 13．如图所示，一物体静止靠在粗糙的竖直墙面上，当撤去水平作用F后，物体沿墙面竖直下落的过程中，忽略空气阻力，对物体的受力和机械能变化分析正确的是（ ）  A．物体只受重力作用，机械能减小 B．物体受重力和摩擦力作用，机械能减小 C．物体只受重力作用，机械能不变 D．物体受重力和摩擦力作用，机械能不变 14．用细绳连在一起的气球和铁块，恰能悬浮在盛水的圆柱形容器内如图所示位置，若用力向下轻轻拨动一下铁块，则气球和铁块的沉浮情况及水对容器底部的压强将（ ）  A．下沉，变小 B．下沉，变大 C．上浮，变小 D．悬浮，不变 15．在图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，小灯正常发光，电路正常工作．一段时间后，小灯L突然变亮，然后就熄灭了，此时电流表的示数为零，电压表有示数．若电路故障发生在电阻R、灯L上，则电路的故障情况是（ ）  A．只有电阻R断路 B．只有灯L断路 C．先电阻R断路后灯L断路 D．先电阻R短路后灯L断路 16．如图所示（甲）是某同学探究电流与电压关系的电路图，开关S闭合后，将滑动变阻器的滑片P从a端移至b端，电流表和电压表的示数变化关系如图（乙），由图象可知（ ）  A．电阻R0两端电压与通过R0的电流成正比 B．R0的电阻值是10Ω C．该电路最小功率0.05W D．滑动变阻器R的电功率变化范围0﹣0.45W 二、填空题 17．小兰站在竖直的平面镜前0.5m处，她在镜中的像到镜面的距离是 m；有句谚语说：“霜前冷，雪后寒”，其中“雪后寒”是由于雪 吸热而导致气温降低，使人感到寒冷． 18．一个标有“6V 3W”的灯泡接在9V的电源上，要使它正常发光，还应串联一个阻值为 Ω的电阻，此电路工作2分钟一共消耗 J的电能． 19．如图所示，用F为40N的拉力，通过滑轮组拉着重为300N的物体A在水平面上以0.4m/s的速度向左做匀速直线运动．物体受到的摩擦力是物重的0.3倍，滑轮组的机械效率是 ，拉力的功率是 W．  20．如图所示，电源电压不变，当开关S1、S2同时闭合时，电流表的示数是0.3A，电压表的示数是6V，R1 Ω，若两表互换位置，当开关S2闭合、S1断开时，电流表示数是0.2A，R2消耗的功率为 W．  三（乐山市中考物理）、作图题 21．如图所示，足球在水平地面上滚动，请画出足球在滚动过程中所受重力的示意图．  22．请利用图中给出的信息，在图中标出电源的正极、小磁针的S极，并用箭头标出磁感线的方向．  四、实验与探究 23．在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、小灯泡正常发光时电阻约为10Ω．  （1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整． （2）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于 （选填“A”或“B”）端． （3）小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为 V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向 （选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V． （4）小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是 W． （5）小勇同学在实验中连接好电路，闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是 ． （6）本实验的实验原理是 ． 24．在学习“运动和力的关系”时，我们设计了这样的“斜面”实验： （1）如图所示，让小车从斜面滑下后沿水平面运动，是为了使小车在水平面运动时，竖直方向上受到的 力和 力相平衡，相当于小车只受水平方向上的摩擦力． （2）每次都让小车从同一斜面的 位置由静止开始滑下，是为了使小车在滑到底端时具有相同的 ． （3）减小图中水平面的粗糙程度，比较小车在不同表面滑行的最大距离，可以得出：在初速度相同的条件下，水平面越光滑，小车受到的摩擦力越 ，小车运动的越 ． （4）进一步推理可知，若水平面绝对光滑，则小车会在水平面上做 运动．  五、计算题 25．一边长为10cm，密度为0.6g/cm3的正方体木块，用细线置于容器的水中，如图所示，求： （1）木块所受的浮力大小？ （2）细线的拉力大小？ （3）细线剪断后，木块静止时，木块下方所受到水的压强是多大？  26．如图所示，小灯泡标有“6V 3W”字样，R1=6Ω，R2=3Ω，设灯丝的电阻不变，求： （1）当S1断开，S2闭合时，灯恰好正常发光，求电源电压； （2）当S1、S2都闭合时，电流表的示数是多少？ （3）当S1、S2都断开时，电路中的总功率是多少？  乐山市中考物理参考答案与试题解析 一、选择题 1．有关声的说法正确的是（ ） A．物体的振幅越大音调越高 B．声音在真空中的传播速度是3×108m/s C．戴防噪声耳罩可以防止噪声产生 D．地震、火山喷发等自然现象都伴有次声波产生 【考点】防治噪声的途径；声速；超声波与次声波；音调、响度与音色的区分． 【专题】声现象． 【分析】（1）音调指声音的高低，是由频率决定的；响度指声音的强弱，是由物体振动振幅决定的； （2）声音在15℃的空气中传播速度是340m/s，不能在真空中传播； （3）防治噪声的途径有三条：防止噪声的产生、阻断噪声的传播、防止噪声进入人耳‘ （4）频率低于20Hz的声波称为次声波，大自然的许多活动，如地震、火山喷发、台风等都伴有声波产生． 【解答】解：A、响度是由物体的振幅决定的，物体的振幅越大，响度越大，该选项说法不正确； B、声音在真空中不能传播，光的传播速度是3×108m/s，该选项说法不正确； C、戴防噪声耳罩可以防止噪声进入人耳，但是不能防止噪声的产生，该选项说法正确； D、地震、火山喷发等自然现象都伴有次声波产生，该选项说法正确． 故选D． 【点评】本题考查了响度、声速、噪声以及次声波的相关知识，比较简单，属于声学基础知识的考查． 2．关于温度、内能和热量，下列说法正确的（ ） A．物体温度越低，分子运动越剧烈 B．物体温度越高，含有的热量越多 C．水沸腾时吸收热量，温度保持不变 D．物体的温度为0℃时，其内能为零 【考点】温度、热量与内能的关系． 【专题】分子热运动、内能． 【分析】（1）热运动和温度有关，温度越高分子扩散就越快． （2）热量是个过程量，不能说含有热量，只能说吸收或者放出热量； （3）液体沸腾的特点：温度达到沸点，不断吸热，温度不变． （4）内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，任何物体都具有内能． 【解答】解：A、物体温度越高，分子的运动越剧烈．该选项说法不正确； B、物体的温度越高，具有的内能越大，不能说含有的热量越多，该选项说法不正确； C、水沸腾时吸收热量，温度不变，内能增加，该选项说法正确； D、任何物体都具有内能，该选项说法不正确． 故选C． 【点评】本题重点考查内能与温度的关系，一定要记住晶体熔化、晶体凝固、液体沸腾这三个特殊例子． 3．如图所示为女航天员王亚平太空授课的情景，图中水球相当于凸透镜，假设水球的焦距为f，则此时王亚平到水球的距离u应该是（ ）  A．u＜f B．f＜u＜2f C．u=2f D．u＞2f 【考点】凸透镜成像的应用． 【专题】透镜及其应用． 【分析】根据凸透镜成实像时，物距大于2倍焦距，成倒立缩小的实像来解答此题． 【解答】解：图中所成的像为倒立、缩小的实像，水球具有中间厚，边缘薄的特点，因此水球相当于一个凸透镜，此时王亚平到水球的距离与水球焦距的关系是大于2倍焦距． 故选D． 【点评】本题考查凸透镜成像的规律以及物距、像距和像之间的关系． 4．甲、乙两个电热器的电阻之比为5：4，通过的电流之比为2：1，通电时间之比为1：2，则电流通过甲、乙两个电热器产生的热量之比为（ ） A．5：2 B．5：4 C．2：5 D．10：1 【考点】焦耳定律． 【专题】电和热综合题． 【分析】根据Q=I2Rt求出电热器产生的热量之比． 【解答】解：电热器产生的热量之比：  = = = ．故选A． 【点评】此题主要考查的是学生对焦耳定律计算公式的理解和掌握，基础性题目． 5．晓燕在学校春季运动会百米赛跑中以16s的成绩获得冠军，测得她在50m处的速度是6m/s，到终点时的速度为7.5m/s，则全程内的平均速度是（ ） A．6m/s B．6.25m/s C．6.75m/s D．7.5m/s 【考点】变速运动与平均速度． 【专题】计算题． 【分析】由题意可知晓燕百米赛的路程与运动时间，由平均速度公式可以求出她的平均速度． 【解答】解：晓燕的百米平均速度：  = = =6.25m/s；故选B． 【点评】本题考查了求晓燕的百米平均速度，是一道基础题；要求平均速度只要找出路程与所对应的运动时间，代入平均速度公式计算即可，解题时不要受题干所说的两个速度的影响，题中所提的速度为瞬时速度，与平均速度无关． 6．如图所示为“神舟八号”飞船与“天宫一号”飞行器即将对接时的模拟图，下列说法正确的是（ ）  A．在完成对接后，“神舟八号”相对于“天宫一号”是运动的 B．在完成对接后，“神舟八号”相对于“天宫一号”是静止的 C．“神舟八号”与“天宫一号”在轨道上运行时没有质量 D．“神舟八号”与“天宫一号”在轨道上运行时没有惯性 【考点】参照物及其选择；质量及其特性；惯性． 【专题】质量及其测量；长度、时间、速度；运动和力． 【分析】（1）研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物．研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化； （2）质量是物体本身的一种属性，它不随物体形状、状态及所处的空间位置的改变而改变； （3）一切物体不论在任何情况下都具有惯性，惯性的大小只与质量有关． 【解答】解：A、在完成对接后，“神舟八号飞船”与“天宫一号”飞行器一起运动，它们之间的相对位置没有发生变化，所以“神舟八号”相对于“天宫一号”是静止的，故A错误； B、由选项A分析可知，故B正确； C、质量是物体本身的一种属性，它不随物体所处空间位置的改变而改变，所以“神舟八号”与“天宫一号”在轨道上运行时仍然有质量，故C错误； D、一切物体在任何情况下都具有惯性，惯性是物体固有的属性，所以“神舟八号”与“天宫一号”在轨道上运行时有惯性，故D错误． 故选：B． 【点评】此题主要考查学生对运动与静止的相对性、质量、惯性等基础知识理解和掌握．研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可能不同，这就是运动和静止的相对性；明确质量和惯性都是物体的一种属性，惯性的大小仅由质量决定，这是一道简单的综合题目． 7．（乐山市中考物理）如图所示电路，若要使R1、R2并联，则（ ）  A．只闭合S1 B．只闭合S2 C．只闭合S1、S2 D．只闭合S1、S3 【考点】电路的基本连接方式． 【专题】电流和电路． 【分析】电流从电源正极流出，在某点出现分路，通过支路上的用电器后又在另一点汇合，再回到电源的负极，这种连接方式叫并联． 【解答】解：A、只闭合S1时，电路为R1的基本电路，故A不符合题意； B、只闭合S2时，电路为R2的基本电路，故B不符合题意； C、闭合开关S1、S2，断开S3时，电流分两路经过两个电阻，它们并联连接，故C符合题意； D、只闭合S1、S3时，R2被断路，电路为R1的基本电路，故D不符合题意． 故选C． 【点评】考查电路中电流的方向及并联电路的连接，属于基础题． 8．不漏气的橡皮氢气球由地面上升过程中，球内气体的质量与密度的变化情况是（ ） A．质量增加，密度增加 B．质量不变，密度减小 C．质量减小，密度减小 D．质量不变，密度不变 【考点】质量及其特性；密度及其特性． 【专题】密度及其应用． 【分析】①质量是物体本身的一种属性，不随位置、状态、形状、温度的改变而改变； ②气体的质量一定时，体积越大，密度越小； ③大气压随高度的升高而减小． 【解答】解：气球升空过程中，只是位置的改变，球内气体的质量不变； 大气压随高度的升高而减小，气球升空过程中，气球外的气压减小，为保证内外压强相等，所以球的体积增大来减小球内压强，气体的质量不变，体积变大，所以密度变小． 故选B． 【点评】本题通过断线的氢气球升空的过程中，考查了质量是物体本身的一种属性、大气压随高度的变化而变化、质量一定时，体积越大，压强越小，密度越小等知识点． 9．将带正电的玻璃棒靠近泡沫球，出现如图所示情形．若改用带负电的橡胶棒靠近这个泡沫球，下列推理正确的是（ ）  A．若相互吸引，则泡沫球带正电 B．若相互吸引，则泡沫球不带电 C．若相互排斥，则泡沫球带正电 D．若相互排斥，则泡沫球不带电 【考点】物体带电情况的判断． 【专题】电流和电路． 【分析】带电体能够吸引轻小物体；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引． 【解答】解：带电体能够吸引轻小物体，异种电荷相互吸引，带正电的玻璃棒靠近泡沫球相互吸引，小球有可能不带电或带负电； 改用带负电的橡胶棒靠近这个泡沫球，若相互吸引，则小球不带电，选项B正确，选项A错误； 若相互排斥，则小球带负电，选项C、D错误． 故选B． 【点评】此题考查带电体的性质和电荷间的相互作用规律，要综合分析解答． 10．如图所示电路连接中，当开关S闭合时，下列说法正确的是（ ） A．螺线管上端S极，滑片P向左移，弹簧测力计示数增大 B．螺线管上端N极，滑片P向左移，弹簧测力计示数减小 C．螺线管上端S极，滑片P向右移，弹簧测力计示数增大 D．螺线管上端N极，滑片P向右移，弹簧测力计示数减小 【考点】通电螺线管的磁场；安培定则． 【专题】磁现象、电生磁． 【分析】利用安培右手定则判断出通电螺线管的NS极，再根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引的作用规律判断弹簧测力计示数的变化． 【解答】（乐山市中考物理）解：闭合开关后，电流从通电螺线管的上流向下，利用右手定则可知通电螺线管的上端为S极，下端为N极，已知测力计下磁体下端为N极，则异名磁极相互吸引，当滑片向左移动时，电流增大，则磁性增强，测力计示数变大． 故选：A． 【点评】此题主要考查学生对于安培定则的理解和掌握． 11．小宇在家观看汽车拉力赛的电视节目，发现汽车行驶速度很快．其中途经一段“S”形弯道时，如图．他想：现场观看的观众为了更安全，应站的位置是图中（ ） A．甲、丙 B．甲、丁 C．乙、丙 D．乙、丁 【考点】惯性． 【专题】应用题；运动和力． 【分析】解决本题需掌握：车具有惯性，即物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性． 【解答】解：由图可知，当车在路上行驶时，如果车失去控制，由于惯性，车将会沿原来运动的方向冲出，即会冲到图中的甲区和丁区，故人在乙区或丙区是安全的． 故选C． 【点评】物体的惯性是指物体能保持原来的匀速直线运动和静止状态的性质． 12．如图所示，当右端挂10N的物体A时，物体B在水平桌面上恰好能向右做匀速直线运动，若现在要使物体B向左做匀速直线运动，则应对物体B施加的力为（ ）  A．水平向左，10N B．水平向右，10N C．水平向左，20N D．水平向右，20N 【考点】二力平衡条件的应用． 【专题】运动和力． 【分析】（1）物体B在物体A的作用下向右匀速直线运动，物体B在水平方向上受到水平向右的拉力和水平向左的摩擦力作用，根据二力平衡条件求出摩擦力大小； （2）物体B向左匀速直线运动时，物体对水平桌面的压力不变，接触面粗糙程度不变，物体B和水平桌面的摩擦力不变．物体B水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的拉力、水平向右的摩擦力作用，水平向左的拉力和水平向右的拉力、水平向右的摩擦力是平衡力，根据平衡力条件求出水平向左的拉力． 【解答】解： （1）物体B水平向右运动时，在水平方向上受到物体A对物体B施加的水平向右的拉力为10N、水平向左的摩擦力作用，因物体B处于匀速直线运动状态，则摩擦力和拉力是平衡力，所以水平向左的摩擦力与向右的拉力大小相等，为10N． （2）物体B水平向左运动和水平向右运动时，由于压力不变，接触面粗糙程度不变，物体B受到的摩擦力不变，所以物体B水平向左运动时，受到水平向右的摩擦力也是10N． （3）物体B水平向左匀速直线运动时，水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的拉力10N（物体A对物体B施加的）、水平向右的摩擦力10N．水平向左的拉力和水平向右的拉力、水平向右的摩擦力是平衡力， 所以水平向左的拉力=水平向右的拉力+水平向右的摩擦力=10N+10N=20N． 故选C． 【点评】本题物体A向右匀速直线运动，分析受力情况，根据平衡力条件求出摩擦力大小，根据摩擦力大小的影响因素，判断出物体A向左和向右运动的摩擦力大小不变，物体A向左匀速直线运动，再次分析受力情况，根据平衡力条件求出拉力大小． 13．如图所示，一物体静止靠在粗糙的竖直墙面上，当撤去水平作用F后，物体沿墙面竖直下落的过程中，忽略空气阻力，对物体的受力和机械能变化分析正确的是（ ）  A．物体只受重力作用，机械能减小 B．物体受重力和摩擦力作用，机械能减小 C．物体只受重力作用，机械能不变 D．物体受重力和摩擦力作用，机械能不变 【考点】平衡状态的判断；机械能． 【专题】运动和力． 【分析】除了重力以外，判断是否还有一个向上的力做功，从而可以判断物体的机械能是否守恒． 【解答】解：当撤去水平作用F后，物体与墙面无挤压，竖直下落的过程中，不再受摩擦力的作用只受重力，在下落的过程中，忽略空气阻力，只是动能与重力势能的相互转化，故机械能不变；故ABD错误，C正确； 故选C 【点评】此题考查了物体受力情况以及机械能守恒的条件：只有重力和弹力做功，其他力或者不做功，或者做功的代数和为零时，物体的机械能守恒． 14．用细绳连在一起的气球和铁块，恰能悬浮在盛水的圆柱形容器内如图所示位置，若用力向下轻轻拨动一下铁块，则气球和铁块的沉浮情况及水对容器底部的压强将（ ）  A．下沉，变小 B．下沉，变大 C．上浮，变小 D．悬浮，不变 【考点】物体的浮沉条件及其应用；液体的压强的特点． 【专题】压强和浮力． 【分析】把挂着重物的气球位置轻轻向下移动一些，所处的深度增大，根据液体压强公式p=ρgh知，气球受到的压强增大，气球的体积减小，排开水的体积变小，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，气球受到的浮力减小，自重不变，即可由物体的浮沉条件分析判断． 【解答】解：原来重物和气球悬浮在水中，F浮=G； 把气球的位置轻轻向下移动一些，所处的深度增加， 由公式p=ρgh知， 气球受到水的压强增大，气球的体积变小， 所以气球排开水的体积减小， 由公式F浮=ρ液gV排知， 气球受到的浮力减小，使得浮力小于自重而向下运动； 浮力变小，V排变小，使得水面下降，水对容器底部的压强变小． 故选：A． 【点评】此题将重物和气球连接在一起，使其悬浮在水中，解析时应把两者看成一个整体加以分析；同时还要注意气球内部气体体积可变的特点． 15．（乐山市中考物理）在图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，小灯正常发光，电路正常工作．一段时间后，小灯L突然变亮，然后就熄灭了，此时电流表的示数为零，电压表有示数．若电路故障发生在电阻R、灯L上，则电路的故障情况是（ ）  A．只有电阻R断路 B．只有灯L断路 C．先电阻R断路后灯L断路 D．先电阻R短路后灯L断路 【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用． 【专题】应用题；欧姆定律． 【分析】闭合开关，电路正常工作，过一段时间，小灯L突然变亮，说明灯泡两端电压增大，电路发生短路引起，然后灯泡熄灭，说明电路发生开路，即可逐个分析确定正确答案． 【解答】解：如图所示的电路中，电阻R与灯泡L串联， A、只有电阻R断路，电压表不会有示数，灯泡也不会突然变亮．此选项不符合题意； B、只有灯L断路，灯泡不会突然变亮．故此选项不符合题意； C、如果先电阻R断路后灯L断路，而电阻R断路，就使电压表没有有示数，灯泡也不会突然变亮．故不符合题意． D、如果先电阻R短路，则电源电压全部加在灯泡上，会引起灯泡突然变亮，然后由于灯泡的实际电压太大，而烧坏灯丝，引起灯泡熄灭，而电流表示数为零，电压表仍然通过电阻与电源相连，所以示数不为零，故符合题意． 故选D， 【点评】电路故障问题，是电学实验经常出现的问题，也是物理试题考查的热点、难点．解决此类问题的关键是采用“排除法”，在不能直接确定答案时，将每个选项依次代入题干，一一排除，最终确定正确选项． 16．如图所示（甲）是某同学探究电流与电压关系的电路图，开关S闭合后，将滑动变阻器的滑片P从a端移至b端，电流表和电压表的示数变化关系如图（乙），由图象可知（ ）  A．电阻R0两端电压与通过R0的电流成正比 B．R0的电阻值是10Ω C．该电路最小功率0.05W D．滑动变阻器R的电功率变化范围0﹣0.45W 【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算． 【专题】错解分析题；欧姆定律；电能和电功率． 【分析】（1）由图象可知，R0两端的电压和电流关系是一个正比例函数图象，要注意电压是电流产生的原因； （2），当滑片位于b端时，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，此时电路中的电流最大，根据图象读出电表的示数，利用欧姆定律求出R0的电阻值； （3）当滑片位于a端时，滑动变阻器的电阻完全接入电路中，电路中的电流最小，由图象读出电表的示数，根据P=UI求出电路中的最小功率； （4）滑动变阻器接入电路中的电阻为0Ω时，消耗的功率为0W；根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，然后根据数学知识确定滑动变阻器消耗的最大功率，进一步得出滑动变阻器消耗电功率的变化． 【解答】解：（1）因为电流随电压的变化图象为正比例函数图象，且呈一条直线，所以通过R0的电流与R0两端的电压成正比， 由电压是产生电流的原因可知，不能说电阻R0两端电压与通过R0的电流成正比，故A错误； （2）当滑片位于b端时，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，电路中的电流最大， 由图乙可知，电源的电压U=3.0V，电路中的最大电流I大=0.6A， 由I=  可得，R0的阻值：R0=  = =5Ω，故B错误；（3）当滑片位于a端时接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小， 由图乙可知，电路中的最小电流I小=0.1A， 电路中的总电阻： R总=  = =30Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，滑动变阻器的最大阻值： R大=R总﹣R0=30Ω﹣5Ω=25Ω， 电路的最小功率： P小=UI小=3.0V×0.1A=0.3W，故C错误； （4）滑动变阻器接入电路中的电阻为0Ω时，消耗的功率为0W； 当变阻器接入电路的电阻为R时， 电路中的电流： I=  = ，变阻器消耗电功率： PR=I2R=（  ）2R= = = = ，则当R=5Ω，变阻器消耗的电功率最大， PR大=  =0.45W，所以，滑动变阻器R的电功率变化范围0～0.45W，故D正确． 故选D． 【点评】本题考查电流随电压的变化图象分析，图象中包含了大量有用的信息，关键看我们能否结合实验的要求将其找出，然后再利用相关公式进行计算． 二、填空题 17．小兰站在竖直的平面镜前0.5m处，她在镜中的像到镜面的距离是 0.5 m；有句谚语说：“霜前冷，雪后寒”，其中“雪后寒”是由于雪 熔化 吸热而导致气温降低，使人感到寒冷． 【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；熔化与熔化吸热特点． 【专题】光的传播和反射、平面镜成像；温度计、熔化和凝固． 【分析】（1）物体在平面镜中成虚像，物像到平面镜的距离相等； （2）物体由固态变为液态叫熔化，熔化过程要吸热． 【解答】解： （1）小兰距离平面镜0.5m，根据物像到平面镜的距离相等，小兰在平面镜中的像到镜面的距离也是0.5m． （2）雪后寒：是雪熔化为水时吸热，导致气温降低． 故答案为：0.5；熔化． 【点评】（1）掌握平面镜成像的特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等． （2）分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识． 18．一个标有“6V 3W”的灯泡接在9V的电源上，要使它正常发光，还应串联一个阻值为 6 Ω的电阻，此电路工作2分钟一共消耗 540 J的电能． 【考点】欧姆定律的应用；电功的计算． 【专题】欧姆定律． 【分析】（1）电阻R和灯泡L串联，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路电压特点求出电阻R两端的电压，再根据欧姆定律求出电阻R的阻值； （2）根据W=UIt求出通电2min整个电路消耗的电能． 【解答】解：电阻R和灯泡L串联；灯泡的电阻RL=  = =12Ω；灯泡正常工作时电路中的电流：I=  = =0.5A；电阻R两端的电压：UR=U﹣U1=9V﹣6V=3V； 电阻R的阻值：R=  = =6Ω；该电路工作2min消耗的电能W=UIt=9V×0.5A×120s=540J． 故答案为：6；540． 【点评】本题考查了串联电路电压、电流特点和欧姆定律及电路做功公式的运用，要求我们熟练的掌握和运用这些公式． 19．如图所示，用F为40N的拉力，通过滑轮组拉着重为300N的物体A在水平面上以0.4m/s的速度向左做匀速直线运动．物体受到的摩擦力是物重的0.3倍，滑轮组的机械效率是 75% ，拉力的功率是 48 W． 【考点】滑轮（组）的机械效率；功率的计算． 【专题】功、功率、机械效率． 【分析】（1）根据题意求出摩擦力，克服摩擦力做的功为有用功，根据η=  ×100%= ×100%= ×100%求出机械效率；（2）根据v=3v物求出拉力的速度，根据P=  = =Fv求出拉力的功率．【解答】解：（1）摩擦力f=0.3G=0.3×300N=90N， 滑轮组的机械效率η=  ×100%= ×100%=×100%= ×100%=75%；（2）拉力移动速度v=3v物=3×0.4m/s=1.2m/s， 拉力的功率P= ==Fv=40N×1.2m/s=48W．故答案为：75%；48． 【点评】此题主要考查的是学生对机械效率和功率计算公式及其变形公式的理解和掌握，基础性题目． 20．如图所示，电源电压不变，当开关S1、S2同时闭合时，电流表的示数是0.3A，电压表的示数是6V，R1 20 Ω，若两表互换位置，当开关S2闭合、S1断开时，电流表示数是0.2A，R2消耗的功率为 0.4 W． 【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算． 【专题】计算题；欧姆定律；电能和电功率． 【分析】（1）由电路图可知，开关S1、S2同时闭合时，两电阻并联，电流表测流过电阻R1的电流，电压表测并联电路电压，即电源电压，由欧姆定律可以求出电阻R1的阻值； （2）两表互换位置，当开关S2闭合、S1断开时，两电阻串联，电流表测电路电流，电压表测串联电阻电压，由U=IR求出电阻R1两端的电压，由串联电路特点求出电阻R2两端的电压，由P=UI求出电阻R2的电功率． 【解答】解：（1）由电路图可知，开关S1、S2同时闭合时， 电压表测两电阻并联电压，电流表测流过电阻R1的电流， 电阻R1的阻值R1=  = =20Ω；（2）两表互换位置，当开关S2闭合、S1断开时， 两电阻串联，电阻R1两端电压U1=IR1=0.2A×20Ω=4V， 电阻R2两端电压U2=U﹣U1=6V﹣4V=2V， 电阻R2消耗的功率P2=U2I=2V×0.2A=0.4W； 故答案为：20；0.4． 【点评】分析求出电路结构、明确各电路元件的连接方式是正确解题的关键，熟练应用串并联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确解题． 三、作图题 21．如图所示，足球在水平地面上滚动，请画出足球在滚动过程中所受重力的示意图．  【考点】力的示意图． 【专题】作图题；重力、弹力、摩擦力． 【分析】小球在地面上滚动，重力的方向不受足球运动状态的影响，重力的方向始终是竖直向下的，过球心，沿竖直方向向下画一条线段，线段长度表示重力大小，在线段的末端画上箭头表示力的方向． 【解答】解：重心在小球的球心上，从球心开始，沿竖直向下的方向画一条等长的线段，在线段的末端标上箭头表示力的方向，如下图．  【点评】本题学生容易把力作用点画在足球与地面的接触点上，足球所受重力的重心在它的球心上． 22．请利用图中给出的信息，在图中标出电源的正极、小磁针的S极，并用箭头标出磁感线的方向．  【考点】通电螺线管的磁场． 【专题】作图题；磁现象、电生磁． 【分析】①根据磁极间的相互作用判断小磁针的磁极． ②根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向．在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极． ③根据右手螺旋定则判断出电流的方向，确定电源的正负极． 【解答】解：由图知通电螺线管的右端为S极，则左端为N极，根据异名磁极相互吸引，小磁针的右端为S极，则左端为N极． 因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以图中磁感线的方向是指向右的． 根据右手螺旋定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的左端，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极． 故答案为：  【点评】安培右手螺旋定则为判断螺线管极性或电流方向的重要方法，应能做到灵活应用；同时还要注意小磁针静止时N极所指的方向为该点磁感线的方向 四、实验与探究 23．在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、小灯泡正常发光时电阻约为10Ω． （1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整． （2）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于 A （选填“A”或“B”）端． （3）小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为 2.2 V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向 B （选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V． （4）小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是 0.5 W． （5）小勇同学在实验中连接好电路，闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是 小灯泡断路 ． （6）本实验的实验原理是 R= ．【考点】电功率的测量． 【专题】测量型实验综合题． 【分析】（1）在测量小灯泡电功率的实验中，电流表、小灯泡、滑动变阻器要串联在电路中，且由于小灯泡的额定电压是2.5V，故电压表应选择小量程；据题目中乙图电路表的示数不难看出，此时电流表也应选择小量程，故据上述要求连接实物图即可； （2）为保护电路，闭合开关之前，滑动变阻器接入电路的阻值应最大； （3）在电压表读数时，应看清它的量程和分度值；同时对于串联电路，电阻之比等于电压之比，故在串联电路中，谁的电阻越大，其分担的电压就越多； （4）读取电流表示数时，注意选择的量程和对应的分度值；已知额定电压和正常工作电流，利用P=UI计算灯泡的额定功率． （5）灯泡不亮，可能是灯泡断路或灯泡断路或灯泡之外的电路断路；电流表无示数，可能是电流表断路或电流表之外的电路断路；电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外不存在断路；综合分析可知电路故障为灯泡断路； （6）伏安法测电阻的原理是：R= ．【解答】解： （1）电流应串联在电路中，且电流表的量程应选择0～0.6A的，故答案见下图：  （2）为使滑动变阻器接入电路的电阻最大，应该使滑片位于距离B接线柱最远的位置，也就是处于A端． （3）此时电压表选的是小量程，且分度值是0.1V，故此时电流表的示数2.2V，其小于灯泡的额定电压，若要使的灯泡正常工作，故必须是的灯泡两端的电压变大为2.5V，由于电源电压不变，故需让滑动变阻器的电压变小即可，即据串联电路中电阻之比等于电压之比，故将滑动变阻器的阻值调小即可实现上述目的，即滑片应向B端移动． （4）图丙中所示电流I=0.2A，灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.2A=0.5W． （5）闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是小灯泡断路． （6）该实验的原理是：R= ．故答案为： （1）见上图；（2）A；（3）2.2；B；（4）0.5；（5）小灯泡断路；（6）R= ．【点评】伏安法测灯泡电阻和功率时，电压表并联在灯泡两端，但在电压表合适的量程损坏时，可以利用电压表的另一个量程并联在滑动变阻器两端，间接测量灯泡的额定电压，这是一个很好的思路． 24．在学习“运动和力的关系”时，我们设计了这样的“斜面”实验： （1）如图所示，让小车从斜面滑下后沿水平面运动，是为了使小车在水平面运动时，竖直方向上受到的 重 力和 支持 力相平衡，相当于小车只受水平方向上的摩擦力． （2）每次都让小车从同一斜面的 同一 位置由静止开始滑下，是为了使小车在滑到底端时具有相同的 速度 ． （3）减小图中水平面的粗糙程度，比较小车在不同表面滑行的最大距离，可以得出：在初速度相同的条件下，水平面越光滑，小车受到的摩擦力越 小 ，小车运动的越 远 ． （4）进一步推理可知，若水平面绝对光滑，则小车会在水平面上做 匀速直线 运动． 【考点】阻力对物体运动影响的探究实验． 【专题】探究型实验综合题． 【分析】（1）根据物体运动状态判断物体的受力情况，物体处于匀速直线运动状态时，受到平衡力的作用，再根据二力平衡的条件可做出判断； （2）为完成研究“运动和力的关系”的实验，应采用控制变量的思想，即保持小车到达水平面时的速度相同； （3）根据实验现象，可判断水平面越光滑时，小车受到的摩擦力及运动距离的远近； （4）在实验的基础上，加上科学的推理后，可获得结论． 【解答】解：（1）小车在竖直方向上受到的重力和支持力大小相等、方向相反、作用在一条直线上，是一对平衡力； （2）根据控制变量法的思想；让小车从同一个斜面的同一高度位置由静止开始滑下，是为了使小车滑到斜面底端时具有相同速度； （3）对比三幅图，不难看出：水平面越光滑，小车受到的摩擦力越小，小车运动的越远，速度减小的越慢； （4）在此实验的基础上进行合理的推理，可以得出：运动物体不受外力时，其速度不会变化，即它将做匀速直线运动． 故答案为：（1）重；支持；（2）同一；速度；（3）小；远；（4）匀速直线． 【点评】此题是牛顿第一定律的实验，要知道实验的过程及得出的结论．并且知道牛顿第一定律不能用实验直接验证，而是要经过科学推理得出． 五、计算题 25．一边长为10cm，密度为0.6g/cm3的正方体木块，用细线置于容器的水中，如图所示，求： （1）木块所受的浮力大小？ （2）细线的拉力大小？ （3）细线剪断后，木块静止时，木块下方所受到水的压强是多大？ 【考点】浮力大小的计算；液体的压强的计算． 【专题】压强、液体的压强；浮力． 【分析】（1）已知正方体木块的边长，可以计算出体积（排开水的体积），利用阿基米德原理求所受浮力； （2）木块受浮力等于拉力加上重力，据此求绳子对木块的拉力； （3）木块漂浮，浮力等于木块重力，根据浮力的产生原因可知下表面水对木块的压力即浮力，根据p=  计算水对木块下表面的压强．【解答】解：（1）∵木块完全浸没， ∴V排=V=（10cm）3=1000cm3=1×10﹣3m3， F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=10N， （2）G木=mg=ρVg=0.6×103kg/m3×1×10﹣3m3×10N/kg=6N． ∵F浮=F拉+G， ∴绳子对木块的拉力：F拉=F浮﹣G=10N﹣6N=4N； （3）木块漂浮在水面上： F浮=G木=6N； 浮力是液体对物体上下表面的压力差，所以下表面的压力F=F浮=6N， 下表面的压强p= = =600Pa答：（1）木块所受的浮力为10N； （2）绳子对木块的拉力为4N； （3）细线剪断后，木块静止时，木块下方所受到水的压强是600Pa． 【点评】木块在水中的浮力要利用浮力的公式来计算，木块漂浮时的浮力要利用漂浮的条件来求，注意公式的选择，因此，解题时选对方法才能起到事半功倍的效果． 26．如图所示，小灯泡标有“6V 3W”字样，R1=6Ω，R2=3Ω，设灯丝的电阻不变，求： （1）当S1断开，S2闭合时，灯恰好正常发光，求电源电压； （2）当S1、S2都闭合时，电流表的示数是多少？ （3）当S1、S2都断开时，电路中的总功率是多少？  【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算． 【专题】计算题；电路和欧姆定律． 【分析】（1）当S1断开，S2闭合时，电路中只有灯泡L连入；则电源电压应等于灯泡两端的电压，由灯泡的铭牌信息可知灯泡的额定电压； （2）当S1、S2都闭合时，R1与L并联，由灯泡的铭牌信息利用功率公式可求得灯泡的额定电流，由欧姆定律可求得通过R1的电流，则由并联电路的电流规律可求干路电流； （3）当S1、S2都断开时，灯泡与R2串联，由功率公式R=  可求得灯泡的电阻；然后求出串联的总阻值，则由功率公式P= 求消耗的总功率．【解答】解：（1）当S1断开，S2闭合时，电路中只有灯泡L连入；此时灯泡正常发光， 则电源电压U=U额=6V； （2）当S1、S2都闭合时，R1与L并联，灯泡正常发光， 由P=UI得：通过灯泡的电流IL=  = =0.5A；由欧姆定律得：通过R1的电流I1=  = =1A，并联电路干路电流等于各支路电流之和， 所以I=IL+I1=0.5A+1A=1.5A； （3）当S1、S2都断开时，灯泡与R2串联， 由P= 得：灯泡的电阻RL= = =12Ω；此时电路中的总阻值为R总=RL+R2=12Ω+3Ω=15Ω； 由P=  得：总功率P= = =2.4W． 答：（1）电源电压为6V； （2）当S1、S2都闭合时，电流表的示数是1.5A； （3）当S1、S2都断开时，电路中的总功率是2.4W． 【点评】本题考查了欧姆定律及功率公式的应用，注意通过开关的通断明确电路的结构，同时应明确灯泡正常发光即工作在额定状态下． (责任编辑：admin) |